高考是高等學(xué)校選拔新生的制度，中國有1300多年科舉考試的歷史，這一制度曾顯示出選拔人才的優(yōu)越性，深深地影響了東亞各國。下面學(xué)習(xí)啦小編整理了2015年天津高考理科綜合試題及答案，供你參考。

　　2015年天津高考理科綜合試題及答案

　　1、下列關(guān)于物質(zhì)或離子檢驗的敘述正確的是

　　A、在溶液中加KSCN，溶液顯紅色，證明原溶液中有Fe3+，無Fe2+

　　B、氣體通過無水硫酸銅，粉末變藍(lán)，證明原氣體中含有水蒸氣

　　C、灼燒白色粉末，火焰成黃色，證明原粉末中有Na+，無K+

　　D、將氣體通入澄清石灰水，溶液變渾濁，證明原氣體是CO2

　　【答案】B

　　【解析】

　　試題分析：A項Fe3+遇KSCN會使溶液呈現(xiàn)紅色，F(xiàn)e2+遇KSCN不反應(yīng)無現(xiàn)象，如果該溶液既含F(xiàn)e3+，又含F(xiàn)e2+，滴加KSCN 溶液，溶液呈紅色，則證明存在Fe3+但并不能證明無Fe2+，故A項錯誤;B項氣體通過無水硫酸銅，粉末變藍(lán)，則發(fā)生反應(yīng)：CuSO4+5H2O═CuSO4•5H2O，CuSO4•5H2O為藍(lán)色，故可證明原氣體中含有水蒸氣，B項正確;C項灼燒白色粉末，火焰成黃色，證明原粉末中有Na+，Na+顏色反應(yīng)為黃色，但并不能證明無K+，因為黃光可遮住紫光，故K+顏色反應(yīng)需透過藍(lán)色的鈷玻璃濾去黃光后觀察，故C項錯誤;D項能使澄清石灰水變渾濁的氣體有CO2、SO2等，故將氣體通入澄清石灰水，溶液變渾濁，則原氣體比一定是CO2，D項錯誤;本題選B。

　　考點：物質(zhì)、離子檢驗。

　　2、下列說法不正確的是

　　A、Na與H2O的反應(yīng)是熵增的放熱反應(yīng)，該反應(yīng)能自發(fā)進(jìn)行

　　B、飽和Na2SO4溶液或濃硝酸均可使蛋白質(zhì)溶液產(chǎn)生沉淀，但原理不同

　　C、FeCl3和MnO2均可加快H2O2分解，同等條件下二者對H2O2分解速率的改變相同

　　D、Mg(OH)2固體在溶液中存在平衡：Mg(OH)2(s) Mg2+(aq)+2OH—(aq)，該固體可溶于NH4Cl溶液

　　【答案】C

　　考點：化學(xué)反應(yīng)原理。

　　3、室溫下，將0.05 mol Na2CO3固體溶于水配成100mL溶液，向溶液中加入下列物質(zhì)。有關(guān)結(jié)論正確的是加入的物質(zhì)結(jié)論

　　A、50mL 1 mol•L-1H2SO4反應(yīng)結(jié)束后，c(Na+)=c(SO42-)

　　B、0.05molCaO溶液中 增大

　　C、50mL H2O由水電離出的c(H+)•c(OH—)不變

　　D、0.1molNaHSO4固體反應(yīng)完全后，溶液pH減小，c(Na+)不變

　　【答案】B

　　【解析】

　　試題分析：室溫下，將0.05 mol Na2CO3固體溶于水配成100mL溶液，溶液中存在CO32—+H2O HCO3—+OH—溶液呈堿性;A項加入50mL 1 mol•L-1H2SO4，H2SO4與Na2CO3恰好反應(yīng)，則反應(yīng)后的溶液溶質(zhì)為Na2SO4，故根據(jù)物料守恒反應(yīng)結(jié)束后c(Na+)=2c(SO42-)，故A項錯誤;向溶液中加入0.05molCaO，則CaO+ H2O=Ca(OH)2，則c(OH—)增大，且Ca2++CO32—=CaCO3↓，使CO32—+H2O HCO3—+OH—平衡左移，c(HCO3—)減小，故 增大，故B項正確;C項加入50mL H2O，溶液體積變大，CO32—+H2O HCO3—+OH—平衡右移，但c(OH—)減小，Na2CO3溶液中H+、OH—均由水電離，故由水電離出的c(H+)•c(OH—)減小，故C項錯誤;D項加入0.1molNaHSO4固體，NaHSO4為強酸酸式鹽電離出H+與CO32—反應(yīng)，則反應(yīng)后溶液為Na2SO4溶液，溶液呈中性，故溶液pH減小，引入了Na+，故c(Na+)增大，D項錯誤;本題選B。

　　考點:鹽類水解平衡應(yīng)用。

　　4、鋅銅原電池裝置如圖所示，其中陽離子交換膜只允許陽離子和水分子通過，下列有關(guān)敘述正確的是

　　A、銅電極上發(fā)生氧化反應(yīng)

　　B、電池工作一段時間后，甲池的c(SO42-)減小

　　C、電池工作一段時間后，乙池溶液的總質(zhì)量增加

　　D、陰陽離子離子分別通過交換膜向負(fù)極和正極移動，保持溶液中電荷平衡

　　【答案】C

　　考點：原電池原理。

　　5、某溫度下，在2L的密閉容器中，加入1molX(g)和2molY(g)發(fā)生反應(yīng)：X(g)+m Y(g) 3Z(g)，平衡時，X、Y、Z的體積分?jǐn)?shù)分別為30%、60%、10%。在此平衡體系中加入1molZ(g)，再次達(dá)到平衡后，X、Y、Z的體積分?jǐn)?shù)不變。下列敘述不正確的是

　　A、m=2

　　B、兩次平衡的平衡常數(shù)相同

　　C、X與Y的平衡轉(zhuǎn)化率之比為1:1

　　D、第二次平衡時，Z的濃度為0.4 mol•L-1

　　【答案】D

　　【解析】

　　試題分析：某溫度下，在2L的密閉容器中，加入1molX(g)和2molY(g)發(fā)生反應(yīng)：X(g)+m Y(g) 3Z(g)，平衡時，X、Y、Z的體積分?jǐn)?shù)分別為30%、60%、10%。在此平衡體系中加入1molZ(g)，則可等效為兩等效平衡體系合，在合并瞬間X、Y、Z的體積分?jǐn)?shù)不變，但單位體積內(nèi)體系分子總數(shù)增多，依據(jù)勒夏特列原理平衡應(yīng)朝使單位體積內(nèi)分子總數(shù)減小方向移動，但再次達(dá)到平衡后，X、Y、Z的體積分?jǐn)?shù)不變，則說明m+1=3，故m=2，A項正確;同一化學(xué)反應(yīng)的平衡常數(shù)只與溫度有關(guān)，兩次平衡溫度不變，故兩次平衡的平衡常數(shù)相同，B項正確;m=2，則起始量X與Y之比為1:2，則反應(yīng)過程中由方程式可知反應(yīng)的X與Y之比為1:2，故X與Y的平衡轉(zhuǎn)化率之比為1:1，C項正確;m=2，則該反應(yīng)為反應(yīng)前后氣體總量不變的反應(yīng)，故第二次平衡時Z的物質(zhì)的量為：4×10%=0.4mol，故Z的濃度為0.4mol÷2L=0.2mol/L，故D項錯誤;本題選D。

　　考點：化學(xué)平衡移動原理及計算。

　　7.(14分)隨原子序數(shù)的遞增，八種短周期元素(用字母X表示)原子半徑的相對大小、最高正價或最低負(fù)價的變化如下圖所示。

　　根據(jù)判斷出的元素回答問題：

　　(1)f在元素周期表的位置是__________。

　　(2)比較d、e常見離子的半徑的小(用化學(xué)式表示，下同)_______>__________;比較g、h的最高價氧化物對應(yīng)的水化物的酸性強弱是：_______>__________。

　　(3)任選上述元素組成一種四原子共價化合物，寫出其電子式__________。

　　(4)已知1mole的單質(zhì)在足量d2中燃燒，恢復(fù)至室溫，放出255.5kJ熱量，寫出該反應(yīng)的熱化學(xué)方程式：___________________。

　　(5)上述元素可組成鹽R：zx4f(gd4)2,向盛有10mL1mol•L-1R溶液的燒杯中滴加1mol•L-1NaOH溶液，沉淀物質(zhì)的量隨NaOH溶液體積變化示意圖如下：

　　①R離子濃度由大到小的順序是：__________。

　　②寫出m點反應(yīng)的而梨子方程式_________________。

　　③若R溶液改加20mL1.2 mol•L-1Ba(OH)2溶液，充分反應(yīng)后，溶液中產(chǎn)生沉淀的物質(zhì)的量為__________mol。

　　【答案】(1)第三周期ⅢA族 (2)r(O2-)>r(Na+)、HClO4>H2SO4

　　(3) (或 )

　　(4)2Na(s)+O2(g) =Na2O2(s) △H=-511kJ•mol-1

　　(5) ①c(SO42-)>c(NH4+)>c(Al3+)>c(H+)>c(OH-)

　　②NH4+ + OH-=NH3•H2O ③0.022

　　【答案】

　　【解析】

　　試題分析：從圖中的化合價和原子半徑的大小，可以退出x是H元素，y是C元素，z是N元素，d是O元素，e是Na元素，f是Al元素，g是S元素，h是Cl元素。(1)f是Al元素，在元素周期表的位置是第三周期ⅢA族。(2)電子層結(jié)構(gòu)相同的離子，核電荷數(shù)越大離子半徑越小，故r(O2-)>r(Na+);非金屬性越強最高價氧化物水化物的酸性越強，故HClO4>H2SO4

　　(3)四原子共價化合物，可以是NH3、H2O2、C2H2等，其電子式為： (或 )

　　(4)1molNa的單質(zhì)在足量O2中燃燒，放出255.5kJ熱量，則該反應(yīng)的熱化學(xué)方程式為：2Na(s)+O2(g) =Na2O2(s) △H=-511kJ•mol-1

　　(5)①R是NH4Al(SO4)2, Al3+比 NH4+水解程度更大，故離子濃度由大到小的順序是：c(SO42-)>c(NH4+)>c(Al3+)>c(H+)>c(OH-)②m點過程中加入氫氧化鈉沉淀物質(zhì)的量不變，是NH4+ 發(fā)生了反應(yīng)，離子方程式為：NH4+ + OH-=NH3•H2O

　　③10mL1mol•L-1 NH4Al(SO4)2,溶液中Al3+ 物質(zhì)的量為0.01mol，NH4+的物質(zhì)的量為0.01mol ，SO42-的物質(zhì)的量為0.02mol， 20mL1.2 mol•L-1Ba(OH)2溶液Ba2+物質(zhì)的量為0.024mol，OH—為0.048mol，反應(yīng)生成沉淀為0.022mol。

　　考點：化學(xué)圖像、鹽類水解、離子半徑的大小比較。

　　8.(18分)扁桃酸衍生物是重要的醫(yī)藥中間體，以A和B 為原料合成扁桃酸衍生物F路線如下：

　　(1)A的分子式為C2H2O3，可發(fā)生銀鏡反應(yīng)，且具有酸性，A所含官能團(tuán)名稱為：_________,寫出A+B→C的化學(xué)反應(yīng)方程式為__________________________.

　　(2) 中①、②、③3個—OH的酸性有強到弱的順序是：_____________。

　　(3)E是由2分子C生成的含有3個六元環(huán)的化合物，E的分子中不同化學(xué)環(huán)境的氫原子有________種。

　　(4)D→F的反應(yīng)類型是__________,1mol F在一定條件下與足量NaOH溶液反應(yīng)，最多消耗NaOH的物質(zhì)的量為：________mol .

　　寫出符合下列條件的F的所有同分異構(gòu)體(不考慮立體異構(gòu))的結(jié)構(gòu)簡式：______

　　①、屬于一元酸類化合物，②、苯環(huán)上只有2個取代基且處于對位，其中一個是羥基

　　(5)已知：

　　A有多種合成方法，在方框中寫出由乙酸合成A的路線流程圖(其他原料任選)合成路線流程圖示例如下：

　　【答案】(1)醛基、羧基

　　(2)③>①>② (3)4

　　【解析】

　　試題分析：(1)A的分子式為C2H2O3，可發(fā)生銀鏡反應(yīng)，且具有酸性，A是HOCCOOH，官能團(tuán)是醛基和羧基;根據(jù)C的結(jié)構(gòu)可知B是苯酚，則A+B→C的化學(xué)反應(yīng)方程式為： 。(2)羧基的酸性強于酚羥基，酚羥基的酸性強于醇羥基，故強弱順序為：③>①>②(3)C中有羥基和羧基，2分子C可以發(fā)生酯化反應(yīng)，可以生成3 考點：同分異構(gòu)體的書寫、常見有機反應(yīng)類型、有機合成路線。

　　9.(18分)廢舊印刷電路板是一種電子廢棄物，其中銅的含量達(dá)到礦石中的幾十倍。濕法技術(shù)是將粉碎的印刷電路板經(jīng)溶解、萃取、電解等操作得到純銅等產(chǎn)品。某化學(xué)小組模擬該方法回收銅和制取膽礬，流程簡圖如下：

　　回答下列問題：

　　(1)反應(yīng)Ⅰ是將Cu轉(zhuǎn)化為Cu(NH3 )42+，反應(yīng)中H2O2 的作用是 。寫出操作①的名稱： 。

　　(2)反應(yīng)II是銅氨溶液中的Cu(NH3 )42+與有機物RH反應(yīng)，寫出該反應(yīng)的離子方程式： 。操作②用到的主要儀器名稱為 ，其目的是(填序號) 。

　　a.富集銅元素

　　b.使銅元素與水溶液中的物質(zhì)分離

　　c.增加Cu2+在水中的溶解度

　　(3)反應(yīng)Ⅲ是有機溶液中的CuR2與稀硫酸反應(yīng)生成CuSO4和 。若操作③使用右圖裝置，圖中存在的錯誤是 。

　　(4)操作④以石墨作電極電解CuSO4 溶液。陰極析出銅，陽極產(chǎn)物是 。操作⑤由硫酸銅溶液制膽礬的主要步驟是 。

　　(5)流程中有三次實現(xiàn)了試劑的循環(huán)使用，已用虛線標(biāo)出兩處，第三處的試劑是 。循環(huán)使用的NH4Cl在反應(yīng)Ⅰ中的主要作用是 。

　　【答案】(1)作氧化劑 過濾

　　(2)Cu(NH3 )42++2RH=2NH4++2NH3+CuR2 分液漏斗 a b

　　(3)RH 分液漏斗尖端未緊靠燒杯內(nèi)壁 液體過多

　　(4)O2 H2SO4 加熱濃縮 冷卻結(jié)晶 過濾

　　(5)H2SO4 防止由于溶液中的c(OH-)過高，生成Cu(OH)2沉淀

　　【解析】

　　考點：考查物質(zhì)的制備流程的分析判斷，離子方程式的書寫，基本操作的判斷

　　10.(14分)FeCl3 具有凈水作用，但腐蝕設(shè)備，而聚合氯化鐵是一種新型的絮凝劑，處理污水比FeCl3 高效，且腐蝕性小。請回答下列問題：

　　(1)FeCl3 凈水的原理是 。FeCl3 溶液腐蝕鋼鐵設(shè)備，除H+作用外，另一主要原因是(用離子方程式表示) 。

　　(2)為節(jié)約成本，工業(yè)上用NaClO3 氧化酸性FeCl2 廢液得到FeCl3 。

　　①若酸性FeCl2 廢液中c(Fe2+)=2.0×10-2mol•L-1, c(Fe3+)=1.0×10-3mol•L-1, c(Cl-)=5.3×10-2mol•L-1,則該溶液的PH約為 。

　　②完成NaClO3 氧化FeCl2 的離子方程式：

　　ClO3-+ Fe2++ = Cl-+ Fe3++ .

　　(3)FeCl3 在溶液中分三步水解：

　　Fe3++H2O Fe(OH)2++H+ K1

　　Fe(OH)2++H2O Fe(OH)2++H+ K2

　　Fe(OH)++H2O Fe(OH)3+H+ K3

　　以上水解反應(yīng)的平衡常數(shù)K1、K2、K3由大到小的順序是 。

　　通過控制條件，以上水解產(chǎn)物聚合，生成聚合氧化鐵，離子方程式為：

　　xFe3++yH2O Fex(OH)y(3x-y)++yH+

　　欲使平衡正向移動可采用的方法是(填序號) 。

　　a.降溫 b.加水稀釋 c.加入NH4Cl d.加入NaHCO3

　　室溫下，使氯化鐵溶液轉(zhuǎn)化為高濃度聚合氯化鐵的關(guān)鍵條件是 。

　　(4)天津某污水處理廠用氯化鐵凈化污水的結(jié)果如下圖所示。由圖中數(shù)據(jù)得出每升污水中投放聚合氯化鐵[以Fe(mg•L-1)表示]的最佳范圍約為 mg•L-1。

　　【答案】(1)Fe3+水解生成的Fe(OH)3膠體粒子能吸附水中的懸浮雜質(zhì) 2 Fe3++Fe=3 Fe2+

　　(2)①2 ②1 6 6H+ 1 6 3H2O

　　(3)K1>K2>K3 b d 調(diào)節(jié)溶液的pH

　　(4)18～20

　　【解析】

　　試題分析：(1)Fe3+水解生成的Fe(OH)3膠體粒子能吸附水中的懸浮雜質(zhì) ，所以可起到凈水的作用;鋼鐵設(shè)備中的Fe會與鐵離子反應(yīng)生成亞鐵離子，離子方程式是2 Fe3++Fe=3 Fe2+

　　(2)①根據(jù)電荷守恒，則溶液中氫離子的濃度是c(Cl-) -2 c(Fe2+)-3 c(Fe3+)=1.0×10-2mol•L-1,所以pH=2;

　　②根據(jù)題意，氯酸鈉氧化酸性的氯化亞鐵，則反應(yīng)物中有氫離子參加，則生成物中有水生成，Cl元素的化合價從+5價降低到-1價，得到6個電子，而Fe元素的化合價從+2價升高到+3價，失去1個電子，根據(jù)得失電子守恒，則氯酸根離子的系數(shù)為1，F(xiàn)e2+的系數(shù)為6，則鐵離子的系數(shù)也是6，氯離子的系數(shù)是1，根據(jù)電荷守恒，則氫離子的系數(shù)是6，水的系數(shù)是3;

　　(3)鐵離子的水解分為三步，且水解程度逐漸減弱，所以水解平衡常數(shù)逐漸減小，則K1>K2>K3;使平衡正向移動，因為水解為吸熱反應(yīng)，所以降溫，平衡逆向移動;加水稀釋，則水解平衡也正向移動;加入氯化銨，氯化銨溶液為酸性，氫離子濃度增大，平衡逆向移動;加入碳酸氫鈉，則消耗氫離子，所以氫離子濃度降低，平衡正向移動，所以答案選bd;從反應(yīng)的離子方程式中可知，氫離子的濃度影響高濃度聚合氯化鐵的生成，所以關(guān)鍵步驟是調(diào)節(jié)溶液的pH。

　　(4)由圖像可知，聚合氯化鐵的濃度在18～20 mg•L-1時，去除率達(dá)到最大值，污水的渾濁度減小。

　　考點：考查對鐵的化合物性質(zhì)的應(yīng)用，氧化還原反應(yīng)方程式的配平，對圖像的分析能力

　　2015年天津高考理綜答案解析生物部分

　　1、下圖表示生態(tài)系統(tǒng)、群落、種群和個體的從屬關(guān)系。據(jù)圖分析，下列敘述正確的是( )

　　A、甲是生物進(jìn)化的基本單位

　　B 、乙數(shù)量達(dá)到環(huán)境容納量最后不再發(fā)生波動

　　C、丙是由生產(chǎn)者和消費者構(gòu)成的

　　D、丁多樣性的形成受無機環(huán)境影響

　　【答案】D

　　2、雞霍亂病原菌易致雞死亡。1880年，巴斯德用久置的雞霍亂病原菌對雞群進(jìn)行注射，意外發(fā)現(xiàn)全部雞存活。再次培養(yǎng)新鮮病原菌，并擴(kuò)大雞的注射范圍，結(jié)果僅有部分雞存活。進(jìn)一步調(diào)查發(fā)現(xiàn)，存活雞均接受過第一次注 射。下列分析正確的是( )

　　A、第一次注射時，所用的雞霍亂病原菌相當(dāng)于抗體

　　B、第一次注射后，雞霍亂病原菌誘導(dǎo)存活雞產(chǎn)生的抗性變異

　　C、第二次注射后，存活雞體內(nèi)相應(yīng)記憶細(xì)胞參與了免疫反應(yīng)

　　D、第二次注射后，死亡雞體內(nèi)沒有發(fā)生特異性免疫反應(yīng)

　　【答案】C

　　【解析】第一次注射時，所用的雞霍亂病原菌相當(dāng)于抗原;A錯誤。注射的霍亂病原菌對雞的抗性進(jìn)行選擇;B錯誤。由“再次培養(yǎng)新鮮病原菌，并擴(kuò)大雞的注射范圍，結(jié)果僅有部分雞存活。進(jìn)一步調(diào)查發(fā)現(xiàn)，存活雞均接受過第一次注射”可知存活雞體內(nèi)有相應(yīng)的記憶細(xì)胞參與了免疫反應(yīng)即二次免疫應(yīng)答;C正確。由“巴斯德用久置的雞霍亂病原菌對雞群進(jìn)行注射，意外發(fā)現(xiàn)全部雞存活”可推知初次注射雞體內(nèi)有特異性免疫反應(yīng)發(fā)生，但由于二次注射的是新鮮病原菌，沒 有經(jīng)過初次免疫的雞的抵抗力比較弱，會由于病原菌的侵染而死亡;D錯誤。

　　3、小鼠胚胎干細(xì)胞可誘導(dǎo)成能分泌胰島素的胰島樣細(xì)胞。將胰島樣細(xì)胞移植給患糖尿病小鼠，可使患病小鼠血糖恢復(fù)正常水平。下列敘述錯誤的是( )

　　A、小鼠胚胎干細(xì)胞可來自對囊胚內(nèi)細(xì)胞團(tuán)的分離培養(yǎng)

　　B、移植前，患病小鼠體內(nèi)靶細(xì)胞缺失胰島素受體

　　C、移植后，小鼠體內(nèi)靶細(xì) 胞加強了對葡萄糖的攝取、利用和儲存

　　D、小鼠體內(nèi)血糖濃度對胰高血糖素的分泌存在反饋調(diào)節(jié)

　　【答案】B

　　【解析】胚胎干細(xì)胞的來源有囊胚期的內(nèi)細(xì)胞團(tuán)和胎兒的原始性腺;A正確。由“胰島樣細(xì)胞移植給患糖尿 病小鼠，可使患病小鼠血糖恢復(fù)正常水平”可知患病小鼠的病因是胰島B細(xì)胞受損傷導(dǎo)致胰島素缺乏引起;B錯誤。移植后胰島樣細(xì)胞可合成分泌胰島素，胰島素能促進(jìn)靶細(xì)胞對葡萄糖的攝取、利用和儲存;C正確。體內(nèi)血糖濃度高于正常水平促進(jìn)胰高血糖素的分泌;反之抑制胰高血糖素的分泌;D正確。

　　4、低溫誘導(dǎo)可使二倍體草魚卵原細(xì)胞在減數(shù)第一次分裂時不形成紡錘體，從而產(chǎn)生染色體數(shù)目加倍的卵細(xì)胞，此卵細(xì)胞與精子結(jié)合發(fā)育成三倍體草魚胚胎。上述過程中產(chǎn)生下列四種細(xì)胞，下圖所示四種細(xì)胞的染色體行為(以二倍體草魚體細(xì)胞含兩對同源染色體為例)可出現(xiàn)的是( )

　　【答案】B

　　5、為達(dá)到實驗?zāi)康模仨氃趬A性條件下進(jìn)行的實驗是( )

　　A、利用雙縮脲試劑檢測生物組織中的蛋白質(zhì)

　　B、測定胃蛋白酶分解蛋白質(zhì)的最適溫度

　　C、利用重鉻酸鉀檢測酵母菌培養(yǎng)液中的酒精

　　D、觀察植物細(xì)胞的質(zhì)壁分離和復(fù)原

　　【答案】A

　　【解析】堿性條件下，銅離子與蛋白質(zhì)生成紫色絡(luò)合物;A符合題意。胃蛋白酶的適宜pH約為2.0左右，因此測定胃蛋白酶分解蛋白質(zhì)的最適溫度需要維持pH為2.0;B不符合題意。利用重鉻酸鉀檢測酒精需要在酸性條件下進(jìn)行;C不符合題意。觀察植物細(xì)胞的質(zhì)壁分離和復(fù)原實驗需要保持細(xì)胞的活性，強 酸或強堿會殺死細(xì)胞，因此一般在中性條件下進(jìn)行;D不符合題意。學(xué)科網(wǎng)

　　6、2015年2月3日，英國議會下院通過一項歷史性法案，允許以醫(yī)學(xué)手段培育“三親嬰兒”。三親嬰兒的培育過程可選用如下技術(shù)路線。

　　據(jù)圖分析，下列敘述錯誤的是( )

　　A、該技術(shù)可避免母親的線粒體遺傳病基因傳遞給后代[來源:學(xué)科網(wǎng)]

　　B、捐獻(xiàn)者攜帶的紅綠色盲基因不能遺傳給三親嬰兒

　　C、三親嬰兒的染色體全部來自母親提供的細(xì)胞核

　　D、三親嬰兒的培育還需要早期環(huán)胎培養(yǎng)和胚胎移植等技術(shù)

　　【答案】C

　　7. DHA對腦神經(jīng)發(fā)育至關(guān)重要。以A、B兩種單細(xì)胞真核藻為親本，利用細(xì) 胞融合技術(shù)選育高產(chǎn)DHA融合藻。兩種藻特性如下表。

　　親本藻 優(yōu)勢代謝類型 生長速率(g/L.天) 固體培養(yǎng)基上菌落直徑 DHA含量(‰)

　　A藻 自養(yǎng) 0.06小0.7

　　B藻 異養(yǎng) 0.14 大 無

　　據(jù)表回答：

　　(1)選育的融合藻應(yīng)具有A藻 與B藻 的優(yōu)點。

　　(2)誘導(dǎo)融合前需用纖維素酶處理兩種藻，其目的是獲得 。

　　(3)通過以下三步篩選融合藻，步驟 可淘汰B藻，步驟 可淘汰生長速成率較慢的藻落，再通過步驟 獲取生產(chǎn)所需的融合藻。

　　步驟a：觀察藻落的大小

　　步驟b:用不含有機碳源(碳源——生物生長的碳素來源)的培養(yǎng)基進(jìn)行光照培養(yǎng)

　　步驟c：測定DHA含量

　　(4)以獲得的融合藻為材料進(jìn)行甲、乙、丙三組試驗，結(jié)果如下圖。

　　①甲組條件下，融合藻產(chǎn)生[H]的細(xì)胞器是 ;丙組條件下產(chǎn)生ATP的細(xì)胞器是 。

　　②與甲、丙兩組相比，乙組融合藻生長速 率較快，原因是在該培養(yǎng)條件下 。甲、乙兩組DHA產(chǎn)量均較高，但實際生產(chǎn)中往往采用甲組的培養(yǎng)條件，其原因是 。

　　【答案】(1)產(chǎn) 生DHA、自養(yǎng)特性 快速生長 (2)原生質(zhì)體[來源:學(xué)科網(wǎng)]

　　(3)b a c

　　(4)①線粒體、葉綠體 線粒體

　　②融合藻既能光能自養(yǎng)又能異養(yǎng)

　　融合藻利用光能和簡單的無機物即能生長，不需要添加葡萄糖，可降低成本，也可防止雜菌生長

　　【解析】(1)由表格信息可知選育的融合藻要具有A藻的自養(yǎng)特性且能產(chǎn)生DHA，還有具有B藻的生長速率快的特點。(2)藻類具有細(xì)胞壁，用纖維素酶可 除去其細(xì)胞壁又不會損傷原生質(zhì)體，由此可推知用纖維素

　　8.纖維素分子不能進(jìn)入酵母細(xì)胞，為了使酵母菌能夠利用環(huán)境中的纖維素為原料生產(chǎn)酒精，構(gòu)建了含3種不同基因片段的重組質(zhì)粒，下面是酵母菌轉(zhuǎn)化及纖維素酶在工程菌內(nèi)合成與運輸?shù)氖疽鈭D。

　　據(jù)圖回答：

　　(1)本研究構(gòu)建重組質(zhì)粒時看選用四種限制酶，其識別序列如下圖，為防止酶切片段的自身環(huán)接，可選用的限制酶組合是______或__________

　　(2)設(shè)置菌株Ⅰ為對照，是為了驗證__________不攜帶纖維素酶基因。

　　(3)纖維素酶基因的表達(dá)包括__________和__________過程，與菌株Ⅱ相比，在菌株Ⅲ、Ⅳ中參與纖維素酶合成和分泌的細(xì)胞器還有______________________________。

　　(4)在以纖維素為唯一C源的培養(yǎng)基上分別培養(yǎng)菌株Ⅱ 、Ⅲ、Ⅳ，菌株___________不能存活，原因是________________ _________________。

　　(5)酵母菌生產(chǎn)酒精的細(xì)胞部位是___________，產(chǎn)生酒精時細(xì)胞的呼吸方式是___________，在利用纖維素生產(chǎn)酒精時，菌株Ⅳ更具有優(yōu)勢，因為導(dǎo)入的中重組質(zhì)粒含有____________。使分泌的纖維素酶固定于細(xì)胞壁，減少 因培養(yǎng)液更新二造成的酶的流失，提高酶的利用率。

　　【答案】(1)B (或C) C (或B) (2)質(zhì)粒DNA和酵母菌基因組

　　(3)轉(zhuǎn)錄 翻譯 內(nèi)質(zhì)網(wǎng)、高爾基體

　　(4)II

　　缺少信號肽編碼序列，合成的纖維素酶不能分泌到胞外，細(xì)胞無可利用的碳源

　　(5)細(xì)胞質(zhì)基質(zhì) 無氧呼吸 A基因片段

　　9.白粉菌和條銹菌能分別導(dǎo)致小麥感白粉病和條銹病，引起減產(chǎn)，采用適宜播種方式可控制感病程度。下表是株高和株型相近的小麥A、B兩品種在不同播種方式下的實驗結(jié)果

　　據(jù)表回答：

　　(1) 抗白粉病的小麥品種是_______________,判斷依據(jù)是______________________

　　(2) 設(shè)計Ⅳ、Ⅴ兩組實驗，可探究______________________

　　(3) Ⅰ、Ⅲ、Ⅳ三組相比，第Ⅲ組產(chǎn)量最高，原因是________________________________

　　(4) 小麥抗條銹病性狀由基因T/t控制，抗白粉病性狀由基因R/r控制，兩對等位基因位于非同源染色體上，以A、B品種的植株為親本，取其F2中的甲、乙、丙單植自交，收獲籽粒并分別播種于不同處理的實驗小區(qū)中，統(tǒng)計各區(qū)F3中的無病植株比例，結(jié)果如下表。

　　據(jù)表推測，甲的基因型是______________，乙的基因型是___________，雙菌感染后丙的子代中無病植株的比例為_____ __________________.

　　【答案】 (1)A Ⅰ 、Ⅱ小麥都未感染白粉病

　　(2)植株密度對B品種小麥感病程度及產(chǎn)量的影響

　　(3)混播后小麥感染程度下降

　　(4)Ttrr ttRr 18.75%(或3/16)